無連接的服務：就是通信雙方不需要事先建立一條通信線路，而是把每個帶有目的地址的包（報文分組）送到線路上，由系統選定路線進行傳輸。IP、UDP協議就是一種無連接協議，郵政系統是一個無連接的模式。
面向連接與無連接的優缺點：
面向連接優點：實時通信 / 可靠信息流 / 信息回復確認；
面向連接缺點：佔用通信道；
無連接優點：不佔用通信信道；
無連接缺點：非實時通信 / 信息流可能丟失 / 信息無回復確認
Ⅱ 計算機網路原理計算題（簡單題
1、時間間隙：就是AB間通訊一次的時間，也就是通訊節拍，計算方法是AB間距離乘以2，然後除以通訊速率，加上雙倍的通訊延遲；你的答案似乎有問題；
2、最小幀長度：就是說100Mbps的傳輸頻率情況下，來得及傳播的最小數據串長度；也就是說1000米長度上，分布100M個數據包，有多少個，然後換算為位元組。你的答案是對的。
Ⅲ 請高手幫忙解決關於計算機網路原理的題，謝謝
數據發送時延=64*8bit/(10Mbps)=51.2μs在CSMA/CD區域網中，數據發送延遲>=2*（傳播時延+物理層延遲)傳播時延最大為51.2/2μs-13.7μs=11.9μs所以最大連接長度為300000*10^3*0.7m/s*11.9*10^6s=2499m
希望採納
Ⅳ 一道計算機考研真題(計算機網路)求解答
4個相位，單相位4種振幅，故有16
級振幅，相當於電平等級V
=
4
x
4
=
16
假設帶寬為H，根據奈奎斯特(Nyquist)准則有:
最大傳輸率W
=
2
x
H
x
log2V
(以2為底V的對數)
=
2
x
3
x
4
=
24
kbps
此題來自2009年全國計算機碩士研究生招生考試真題，考察對
Nyquist
准則理解和應用的!
希望我的講解對您有所幫助~
Ⅳ 2016年4月《計算機網路原理》試卷解釋49題的答案n2、n9的距離和下一個路由器是c的原因
收到C發來的路由表後：
新路由表不包含N1項，所以N1項不變；
包含N2項，且下一跳路由器相同，所以按新參數項更新距離；
舊路由表沒有N3項，所以新建N3項；
包含N6項，下一跳路由器不同且新距離+1小於舊距離，則更新N6項，下一跳到C，距離為4+1=5；
包含N8項，下一跳路由器不同且新距離+1大於等於舊距離，則不更新N8項；
包含N9項，下一跳路由器不同且新距離+1大於舊距離，則不更新N9項；
Ⅵ 計算機網路原理
子網掩碼為255.255.248.0 化成二進制就是11111111.11111111.11111000.00000000.就是說網路前綴是21，172.16.55.69化成二進制逐位與上 子網掩碼 可得網路號為：172.16.48.0。此網路中最小的IP地址為172.16.48.1/21 最大的IP地址為 172.16.55.254/21 所以選B、C
Ⅶ 計算機網路原理計算題
解答：
p20的總時延定義，總時延=發送時延+傳播時延+處理時延+排隊時延。
從激轎主機A開始發送數據到主機A把數據全部發送到鏈路上所需要的時間叫發送時延。
發送時延=數據幀長度（b）/發送速率（b/s）空卜
依題意，主機A要發送的數據幀長度為10000bit，速率是10Mbit/s即10*10^6bit/s，那麼發送時延就是：
10000bit÷10000000bit/s=0.001s=1000μs
從主機A到交換機的傳播時延是20μs
交換機接收完分組這個分組同樣需要時間，按照題意是35μs
然後交換機開始發送這個分組，又需要計算發送時延，由於分組長度和速明虧肆率不變，仍然是1000μs
接著這個分組在交換機到主機B之間的鏈路傳遞，傳播時延是20μs。
關於主機B要多少時間才能接收完這個分組，依題意，「從A開始發送至B接收到該分組所需的總時間」，接收到就是主機B開始接收這個分組那一個時刻，也就是分組的第一個位元組到達鏈路末端的那個時刻，後面的時間就不管它了。
總時延就是上面所有時延的和：
1000+20+35+1000+20=2075μs